北京市精銳教育九年級上學期期末物理試卷一、選擇題（每題2分，共28分）1如圖所示工具中，使用時不能省力但能省距離的是( )考點：杠桿的分類 專題：簡單機械分析：使用時不能省力但能省距離的是費力杠桿，該題考查了學生對物理模型的抽象、分析能力判斷杠桿的類型可根據生活經驗或動力臂與阻力臂的大小關系來判斷解答：解：A、鑷子在使用時，動力臂小于阻力臂，所以它是費力杠桿，費力但能省距離，故該選項符合題意B、鉗子在使用時，動力臂大于阻力臂，所以它是省力杠桿，省力但費距離，故該選項不符合題意；C、起子在使用時，動力臂大于阻力臂，所以它是省力杠桿，省力但費距離，故該選項不符合題意；C、圖示剪刀，在使用時，動力臂大于阻力臂，所以它是省力杠桿，省力但費距離，故該選項不符合題意故選A點評：聯系生活經驗，要判斷杠桿的類型，可依據杠桿的動力臂和阻力臂大小關系：若動力臂大于阻力臂，則是省力杠桿；若動力臂小于阻力臂，則是費力杠桿；若動力臂等于阻力臂，則為等臂杠桿2如圖所示，小明探究杠桿的平衡條件，掛鉤碼前，調節杠桿在水平位置平衡，杠桿上每格距離相等，當A點掛4個鉤碼時，B點掛3個鉤碼時，杠桿處于水平平衡若杠桿兩邊同時加一個相同鉤碼，則杠桿( )A杠桿仍處于水平平衡狀態B杠桿右端下沉C杠桿左端下沉D無法判斷杠桿是否處于平衡考點：杠桿的動態平衡分析 專題：簡單機械分析：設一個鉤碼在重力是G，杠桿一個小格是L，根據杠桿平衡條件動力動力臂=阻力阻力臂（F1L1=F2L2）可進行判斷解答：解：設一個鉤碼在重力是G，杠桿一個小格是L，當A點掛4個鉤碼時，B點掛3個鉤碼時，杠桿處于水平平衡，即4G3L=3G4L；若杠桿兩邊同時加一個相同鉤碼，左端力和力臂的乘積為：5G3L=15GL，右端力和力臂的乘積為：4G4L=16GL，左端力和力臂的乘積小于右端，根據杠桿平衡條件F1L1=F2L2可知，杠桿右端下沉故選：B點評：計算時也可以采用賦值法，把一個鉤碼的重設為1N，杠桿一個小格設為1cm，計算會更方便3下列說法中正確的是( )A用手從地面提起水桶，手的拉力對水桶做了功B提著水桶在路面上水平向前移動一段路程，手的拉力對水桶做了功C拋出手的鉛球在空中向前運動的過程中，推力對它做了功D用力推一輛汽車，汽車靜止不動，推力在這個過程中對汽車做了功考點：力是否做功的判斷 分析：本題要抓住做功的兩個必要因素：作用在物體上的力；物體在該力的方向上通過的距離；二者缺一不可解答：解：A、用手從地面提起水桶，手給水桶一個向上的拉力，向上移動了距離，手的拉力對水桶做了功符合題意B、手提水桶，手給水桶一個向上的拉力，提著水桶在路面上水平向前移動一段路程，水桶在拉力作用下沒有向上移動距離，拉力對水桶沒有做功不符合題意C、拋出手的鉛球在空中向前運動的過程中，鉛球不再受到手的推力，由于慣性向前運動，而不是受到推力作用，所以推力對鉛球沒有做功不符合題意D、用力推一輛汽車，汽車靜止不動，汽車在推力作用下沒有移動距離，所以推力在這個過程中對汽車沒有做功不符合題意故選A點評：本題考查了力是否做功的判斷方法注意：有力并且通過距離，力對物體并不一定做功4下列關于單缸四沖程內燃機一個工作循環中四個沖程的順序排列正確的是( )A丙、丁、乙、甲B乙、丁、甲、丙C乙、甲、丁、丙D甲、乙、丙、丁考點：內燃機的四個沖程 來源:學科網專題：比熱容、熱機、熱值分析：內燃機一個工作循環中四個沖程的順序：吸氣沖程、壓縮沖程、做功沖程和排氣沖程根據曲軸的轉動方向判斷活塞的運行方向，再根據氣門的關閉情況就可以確定是哪一個沖程解答：解：甲圖中兩氣門都關閉，活塞下行，汽缸容積變大，是做功沖程；乙圖中進氣門開啟，氣體流入汽缸，是吸氣沖程；丙圖中排氣門開啟，氣體流出汽缸，是排氣沖程；丁圖中兩氣門都關閉，活塞上行，汽缸容積變小，是壓縮沖程；所以正確的排序是乙、丁、甲、丙故選B點評：此題考查了內燃機四個沖程的確定及四個沖程的排序5一位父親與他5歲的兒子磊磊一起上樓回家，對此，下列說法中錯誤的是( )來源:學科網ZXXKA爬相同的樓梯，兒子體重小做的功少B爬相同的樓梯，父親體重大做的功多C爬相同的樓梯，兒子比父親先到達，兒子的功率一定大D爬相同的樓梯，父親比兒子先到達，父親的功率一定大考點：功率的計算 專題：應用題分析：（1）由公式W=Gh可知，兩人上樓的高度相同，根據兩人的重力大小可判斷兩人上樓做的功的大小；（2）由公式P=，根據兩人上樓的做的功和上樓時間可判斷兩人上樓做的功的功率解答：解：（1）因為父親的體重大小兒子的體重，兩人上樓的高度相同，根據公式W=Gh可知，父親做的功多，故AB正確（2）爬相同的樓梯，兒子比父親先到達，兒子做功比父親少，兒子又比父親用時間短，根據公式P=可知，不能判斷兒子的功率一定大，故C錯誤（3）爬相同的樓梯，父親比兒子先到達，父親比兒子做功多，時間又短，根據公式P=可知，父親的功率一定大，故D正確故選C點評：本題考查了功和功率大小的判斷，判斷功的大小根據公式W=FS要考慮到力和距離兩個因素；判斷功率的大小根據公式P=要考慮到功和時間兩個因素62013年4月20日8時02分，四川省雅安市蘆山縣發生7.0級地震由于災區陰雨連綿、余震不斷，造成山體滑坡、道路堵塞，軍民積極開展救援工作4月22日下午3點59分，四架分別裝載食品等物資的軍用直升機從成空駐邛某軍用機場起飛前往蘆山縣的太平鎮和寶興縣實施空投，物品在空中勻速下落的過程中，其動能和重力勢能的變化是( )A動能增加，重力勢能增加B動能不變，重力勢能減少C動能減少，重力勢能減小D動能不變，重力勢能增加考點：動能和勢能的大小變化 專題：應用題；機械能及其轉化分析：（1）重力勢能大小的影響因素：質量和高度質量越大，高度越高，重力勢能越大（2）動能大小的影響因素：質量和速度質量越大，速度越大，動能越大解答：解：救災物品在空中勻速下落的過程中，質量不變，速度不變，動能不變；高度不斷減小，重力勢能減小故選B點評：掌握動能、重力勢能、彈性勢能大小的影響因素來源:學科網7如圖所示電路，電源兩端的電壓一定，當開關S1閉合、S2斷開時，電流表和電壓表示數分別為I1、U1；當再閉合S2，且將滑片P適當右移后，電流表和電壓表示數分別為I2、U2，則下列敘述一定正確的是( )AI1I2 U1U2BU1U2 I1大于、小于或等于I2都有可能CU1U2 I1=I2DI1I2 U1大于、小于或等于U2都有可能考點：電路的動態分析 專題：壓軸題；電路變化分析綜合題分析：當開關S1閉合、S2斷開時，燈泡L和電阻R串聯，電流表測串聯電路的電流，電壓表測電阻R兩端電壓；當S2閉合后，燈泡L被短路，電流表測干路電流，電壓表測電源電壓；根據串并聯電路的特點和歐姆定律分析解答：解：開關S2閉合前后，電壓表測量的對象發生了變化，電源電壓一定，S2閉合前測的是電阻兩端的電壓，閉合后測的是電源電壓，所以U1U2；因為滑片發生了移動，即電阻發生了變化，故無法判斷電流的大小故選B點評：解決本題的關鍵是要清楚開關S2閉合前后電流表和電壓表分別測的是哪一個的電流和電壓，也可以根據開關的開閉畫出對應的等效電路圖分析8如圖所示，閉合開關后，兩個電壓表的指針偏轉角度相同，經檢查，電路一切正常，則R1與R2兩端的電壓之比為( )A1：4B4：1C1：5D5：1考點：歐姆定律的應用 專題：歐姆定律分析：分析電路圖可知，兩電阻串聯，電壓表V1測R2兩端的電壓，電壓表V2測的是總電壓，因為指針偏轉相同角度，所以兩個電壓表選擇的量程不同，所以兩個電壓表示數之比是1：5解答：解：因為電壓表的大量程的分度值是小量程的5倍，兩個電壓表示數之比是1：5又因為在串聯電路中，總電壓等于各用電器兩端的電壓之和，所以電阻R1兩端的電壓為電壓表V2的示數減去電壓表V1的示數，即電阻R1和R2兩端的電壓之比：（51）：1=4：1故選B點評：本題考查串聯電路中電壓的規律和電壓表的讀數，關鍵是歐姆定律的靈活運用，難點是知道當電壓表偏轉角度相同但量程不同時，兩個讀數之間的關系9如圖所示的四個電路中，電源及各燈泡規格均相同當開關閉合時，電流表讀數最大的是( )A只有甲B只有乙C甲和丙D甲和丁考點：電阻的串聯；歐姆定律的變形公式；電阻的并聯 專題：電壓和電阻；歐姆定律分析：電源電壓一定，由歐姆定律可知，電阻越小，電流越大；分析清楚電路結構，應用歐姆定律判斷通過電流表的電流大小，然后答題解答：解：設每個燈泡電阻為R，電源電壓為U，由電路圖可知，甲丁兩電路中，燈泡并聯，總電阻為，電流表測干路電流，I甲=I丁=；乙圖中，兩燈泡串聯，電流表測干路電流，I乙=；丙圖中兩燈泡并聯，電流表測其中一個支路的電流，I丙=，故甲丁電流表示數最大，乙的示數最小；故選D點評：分析清楚電路結構、應用歐姆定律即可正確解題10如圖所示的四種情景中，符合安全用電原則的是( )考點：安全用電原則 分析：（1）控制電燈的開關接在電燈和火線之間，熔斷絲必須接在火線上；（2）發現用電器失火時，首先要切斷電源，再采取救火措施；（3）三角插頭的中間插頭與用電器的金屬外殼相連家庭電路中導線絕緣層不能破損；（4）安全用電原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體解答：解：A、電燈的開關接在零線上，更換燈泡時易發生低壓觸電事故，不符合安全用電原則；B、發現用電器失火時，首先要切斷電源，再采取救火措施；切不可帶電救火，容易造成人身傷害，符合安全用電原則；C、有金屬外殼的用電器接地線是為了防止觸電事故的發生不符合安全用電原則；D、站在絕緣體上，如果人體的不同部分同時接觸火線與零錢，會發生雙相觸電，這種做法是符合安全用電原則；不符合安全用電原則故選B點評：本題的解題關鍵是了解安全用電的基本原則，注意開關要接在電燈和火線之間是為了在換電燈時防止觸電，保險絲必須接在火線上11如果利用如圖所示的電路來測量一個大電阻R的電功率，那么x、y、z應分別代表( )A電流表、電壓表、滑動變阻器B電壓表、電流表、滑動變阻器C滑動變阻器、電流表、電壓表D電壓表、滑動變阻器、電流表考點：電流表的使用；電壓表的使用；滑動變阻器的使用；伏安法 分析：根據電流表與被測用電器串聯，并且在電路中相當于導線；電壓表與被測用電器并聯，在電路中相當于開路；伏安法測功率的原理圖進行分析解答：解：伏安法測量電功率時，被測電阻與滑動變阻器串聯，電流表測量與被測電阻串聯，電壓表與被測電阻并聯，因此z為滑動變阻器；而y與電阻R串聯，所以此表應是電流表；x并聯在電阻R的兩端，所以此表應是電壓表故選 B點評：此題主要是根據電流表、電壓表以及滑動變阻器在電路中的連接情況來判斷是什么電表，知道伏安法測電功率的原理圖12飛機黑匣子的電路等效為兩部分，一部分為信號發射電路，可用等效電阻R1表示，用開關S1控制，30天后自動斷開，R1停止工作另一部分為信號存儲電路，可用等效電阻R2表示，用開關S2控制，能持續工作6年，如圖所示，等效電路正確的是( )考點：電路的基本連接方式 專題：電流和電路分析：串聯電路中各用電器相互影響，并聯電路中各用電器可以單獨工作、互不影響；串聯電路中的開關控制整個電路；并聯電路中，干路開關控制整個電路，支路開關只控制該支路上的用電器解答：解：根據題意可知，R1、R2可以單獨工作，互不影響，因此它們為并聯連接，并且它們都有相應的開關控制，故D選項的電路圖符合題意故選D點評：本題考查串并聯電路的特點以及串并聯電路中開關的作用，難度不大13小明發現，有些電線桿上裝有如圖所示的“小風車”，這些風車在微風中能不停地旋轉，且旋轉葉片的一面還裝有反光的小鏡子關于這樣的“小風車”的作用，下列說法中正確的是( )A為了警示此處有電B為了測定風向C為了測量風速大小D為了驅趕小鳥，避免小鳥在上面做窩而導致電路短路考點：電路的三種狀態 專題：應用題分析：小鳥筑巢時，選擇的筑巢材料可能是導體，如鐵絲等材料；即使不是導體，在雨天時，也可能變為導體；因此根據電路的三種狀態進行分析解答：解：鳥筑巢收集來的筑巢材料中可能有一些導電的物質，如鐵絲等，落到高壓線上會引起線間或線塔（地）間短路小風車旋轉時有一面還有強烈反光，能起到更佳驚鳥效果故選D點評：此題考查了電路的三種狀態，理解短路的定義和短路時電流過大的特點，在實際生活中一定禁止短路發生14如圖電源電壓18V保持不變電流表量程00.6A，電壓表量程015v，小燈泡上標有“6V 3W”字樣，要求開關閉合后兩個電表的示數均不超過所選量程，且燈泡兩端電壓不允超過額定電壓（燈絲電阻不變）則下列說法正確的是( )A滑動變阻器的滑片向左移動時電流表和電壓表示數變大B當電流表示數為0.4A時電壓表示數為12VC該電路的最大功率為10.8WD滑動變阻器允許調節的范圍是2460考點：電路的動態分析 專題：電路變化分析綜合題分析：由圖可知燈泡和滑動變阻器串聯，電壓表測量滑動變阻器的電壓，電流表測電路中的電流；（1）當滑動變阻器滑片向左移動的過程中，接入電路的電阻變小，根據歐姆定律可知電路中電流的變化，根據串聯電路的電阻分壓特點可知滑動變阻器兩端的電壓變化（2）已知小燈泡的規格“6V 3W”，則可求出燈泡的電阻，然后根據歐姆定律的變形公式U=IR求出燈泡兩端電壓，再利用串聯電路電壓的特點求出滑動變阻器兩端電壓，即電壓表的示數（3）已知小燈泡的規格“6V 3W”，則可求出燈泡的額定電流，比較額定電流及電流表的最大量程，可得出電路中允許通過的最大電流，此時滑動變阻器接入電路的電阻最小，根據歐姆定律求出電路的電阻，利用電阻的串聯特點求出滑動變阻器接入電路的最小值，再根據P=UI求出此時電路中的最大功率（4）當電壓表的示數為15V時，滑動變阻器連入的電阻最大，電路中的電流最小，根據串聯電路的電壓特點和歐姆定律求出電路中的電流、滑動變阻器接入電路的最大阻值，再根據P=UI求出燈泡的最小電功率，進一步得出滑動變阻器接入電路的電阻允許調節的范圍解答：解：（1）當滑動變阻器滑片向左移動的過程中，接入電路的電阻變小，電路的總電阻變小；根據歐姆定律可知電路中的電流變大，即電流表的示數變大；根據串聯電路的電阻分壓特點可知，滑動變阻器兩端分得的電壓變小，即電壓表的示數變小，故A不正確（2）由I=可得，燈泡的電阻：RL=12；當電路中電流為0.4A時，燈泡兩端電壓：U1=I1RL=0.4A12=4.8V；因為串聯電路兩端電壓等于各部分電壓之和，所以滑動變阻器兩端電壓：U2=18V4.8V=13.2V，故B不正確；（3）燈正常發光時的電流為：IL=0.5A；因此電路中的最大電流：I最大=0.5A，則電路中的最大功率：P最大=UI最大=18V0.5A=9W，故C不正確；（4）由歐姆定律可得，I最大=0.5A=R最小=24；為保護電壓表，滑動變阻器兩端的最大電壓為15V，此時滑動變阻器連入的電阻最大，電路中的電流最小，因為串聯電路兩端電壓等于各部分電壓之和，所以U=UL+UR，則UL=UUR=18V15V=3V，此時電路中最小的電流為：I=0.25A，則滑動變阻器連入的最大電阻為：R最大=60；故D正確故選D點評：本題關鍵：一是根據燈的銘牌求出允許通過的最大電流、確定滑動變阻器連入的最小阻值；二是根據電壓表的量程求出滑動變阻器兩端的最大電壓、確定滑動變阻器連入的最大阻值二、填空題（每空1分，共32分）15如圖所示，a、b為豎直向上拋出的小石塊在上升過程中動能和重力勢能隨高度變化的兩條圖線（不計空氣阻力），其中a是動能高度關系圖線，小石塊達到的最大高度為4m，小石塊在最高點時的機械能為2J考點：動能和勢能的大小變化；機械能 專題：壓軸題；學科綜合題；控制變量法；圖析法分析：（1）動能大小的影響因素：質量、速度質量越大，速度越大，動能越大（2）重力勢能大小的影響因素：質量、被舉得高度質量越大，高度越高，重力勢能越大（3）機械能=動能+勢能物體沒有發生彈性形變時，不考慮彈性勢能，只考慮重力勢能解答：解：如圖，橫坐標代表的小石塊上升的高度，縱坐標代表的是能量（1）小石塊上升時質量保持不變b圖象表示，高度越高，能量越大，所以b圖象代表：高度重力勢能的關系（2）不計空氣阻力，小石塊上升時，動能全部轉化為重力勢能，動能減小，重力勢能增大所以a圖象代表：高度動能的關系（3）如圖，小石塊到達的最大高度是4m動能=0J，重力勢能=2J，機械能=動能+勢能=0J+2J=2J故答案為：a；4m；2點評：（1）掌握動能和重力勢能大小的影響因素，根據圖象能確定動能和勢能的大小（2）根據 機械能=動能+勢能 計算機械能的大小16釣魚時，釣魚竿可看成一根杠桿，如圖，它是一個費力杠桿，其支點位于圖中的A點要使釣起魚時省力一些，則釣魚者兩只手之間的距離應增大一些 （填增大或減小）考點：杠桿的分類 專題：圖析法來源:學科網ZXXK分析：因為杠桿可以從動力臂和阻力臂的大小關系進行判斷杠桿的類型；所以先作出杠桿示意圖，再比較動力臂和阻力臂的大小解答：解：釣魚竿杠桿示意圖如圖所示：釣魚時，釣魚竿圍繞A點轉動，即支點在A點上，則動力臂為AB，小于阻力臂，所以它是費力杠桿；要使釣起魚時省力一些，則增大動力臂，即釣魚者兩只手之間的距離故答案為：費力；A；增大點評：本題考查杠桿類型的分類，要正確做出判斷，必須準確畫出力的示意圖17蘭倩同學在10s內，用500N的水平推力推著重為100N 的箱子在水平地面上前進了10m，則她對箱子做的功是5000J，功率是500W，重力對箱子的做的功是0J考點：功的計算；功率的計算 專題：功、功率、機械效率分析：（1）知道水平推力和水平方向上移動的距離，可利用功W=FS計算推力做的功；又知道做功的時間，可利用公式P=計算功率（2）箱子受到重力但在重力的方向上沒移動距離，重力不做功解答：解：（1）F=500N，s=10m，推力做的功為：來源:學.科.網W=Fs=500N10m=5000J，P=500W（2）箱子在水平面上勻速前進10m，雖然有力，也有距離，但距離不是在重力的方向上，所以重力沒做功，為0J；故答案為：5000；500；0點評：本題考查了學生對功的公式、功率的公式、做功的兩個必要條件的了解與掌握，明確三種情況不做功：一是有力無距離（例如：推而未動），二是有距離無力（靠慣性運動），三是力的方向與運動方向垂直18質量為2kg的水在太陽的照射下，溫度升高50，水吸收的熱量為4.2105J，這是通過熱傳遞的方法改變了水的內能若使相同質量的煤油和水升高相同溫度，則煤油吸收的熱量小于水吸收的熱量（選填“大于”、“等于”或“小于”）已知水的比熱容為4.2103J/（kg）、煤油的比熱容為2.1103J/（kg）考點：熱量的計算 專題：比熱容、熱機、熱值分析：（1）根據Q吸=cmt計算水吸收的熱量，太陽的能量是通過熱傳遞傳給水的；（2）在質量和溫度變化量相同時，由于煤油的比熱容比水的小，故煤油吸收的熱量少解答：解：（1）水吸收的熱量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）2kg50=4.2105J；水從太陽吸收熱量、內能增加、溫度升高，是通過熱傳遞的方法使水的內能增加；（2）由Q吸=cmt知，在質量和溫度變化量相同時，由于煤油的比熱容比水的小，故煤油吸收的熱量小于水吸收的熱量故答案為：4.2105；熱傳遞；小于點評：本題考查了關于熱量的計算、對比熱容的理解，地球得到太陽的能量是通過熱傳遞的方式獲得的19如圖所示，斜面長1m，高0.4m，用大小為5N沿斜面向上的拉力F，將重10N的鐵塊從底端勻速拉到頂端，斜面的機械效率為80%；若僅使傾角逐漸增大，沿斜面向上的拉力將逐漸增大（選填“增大”、“不變”或“減小”），此斜面的機械效率將逐漸增大（選填“增大”、“不變”或“減小”）考點：斜面的機械效率 專題：功、功率、機械效率分析：（1）根據=求出斜面的機械效率；（2）使用斜面時，高度不變的情況下，斜面越長越省力，斜面越陡越費力；（3）斜面越陡，斜面機械效率越大解答：解：（1）斜面的機械效率：=100%=100%=100%=80%；（2）若僅使傾角逐漸增大，沿斜面向上的拉力將逐漸增大；（3）其他條件不變，斜面的傾斜程度越大，機械效率越高故答案為：80%；增大；增大點評：此題主要考查的是學生對機械效率計算和機械效率影響因素的理解和掌握，基礎性題目20家庭電路里的電視機、電冰箱、電燈等用電器的連接方式是并聯；開關和被控制的用電器是串聯；用絲綢摩擦過的玻璃棒與橡膠棒摩擦過的毛皮相互靠近，會相互排斥考點：電路的基本連接方式；電荷間的相互作用規律 專題：電流和電路分析：（1）家庭電路中，用電器之間，插座之間，用電器和插座之間是并聯的開關和開關控制的用電器之間是串聯的（2）自然界中存在兩種電荷，同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引解答：解：（1）因為家庭電路中，用電器之間，插座之間，用電器和插座之間是并聯的，因此家庭電路里的電視機、電冰箱、電燈等用電器的連接方式是并聯連接；開關和被控制的用電器為串聯連接 （2）摩擦起電的實質是電子的轉移被毛皮摩擦過的橡膠棒所帶的電荷是負電荷，則毛皮帶的就是正電荷；被絲綢摩擦過的玻璃棒帶的電荷是正電荷 由于都帶正電荷，所以相互排斥故答案為：并；串；排斥點評：掌握家庭電路中，用電器之間、插座之間、用電器和插座之間、開關和用電器之間的連接方式；以及摩擦起電和電荷間的相互作用規律，并且學會運用21如圖為用戶的電能表，若在該用戶的家庭電路中只給一臺微波爐通電，發現該表轉盤在2min內轉了100r，則這臺微波爐在這段時間內消耗的電能是0.04KWh，微波爐的功率是1.2KW考點：電能表參數的理解與電能的求法 專題：應用題；壓軸題分析：本題首先要清楚“2500r/kWh”的物理意義：當用電器消耗1千瓦時的電能，電能表的水平轉盤轉過2500轉，1度=3.6106焦，即1KWh=3.6106J電功率的計算公式W=Pt的應用以及電功率的計算解答：解：由題意可知：微波爐所做的功W=kWh=0.04kWh微波爐功率P=1.2kW故答案為：0.04；1.2點評：本題考查了電能表的參數的理解與電能的求法以及電功和電功率的計算22如圖A所示，電源電壓是3V，燈L與定值電阻R并聯圖B是燈L和電阻R的電流隨電壓變化關系的圖象，從圖象看乙是燈L的圖象（填“甲”或“乙”），電阻R的阻值是5當燈兩端的電壓為2V時電路消耗的總功率為1.8W考點：歐姆定律的應用；并聯電路的電流規律；并聯電路的電壓規律；電功率的計算 專題：計算題；信息給予題分析：分析圖象時應考慮燈泡電阻受溫度的影響較大，根據歐姆定律可計算電阻R的阻值，根據電功率公式可計算燈兩端的電壓為2V時電路消耗的總功率解答：解：考慮燈泡電阻受溫度影響所以其圖象應為曲線，所以乙是燈L的圖象從圖中讀取一組電壓值和電流值根據歐姆定律計算R=當燈兩端的電壓為2V時，通過燈泡的電流為0.2A，通過電阻的電流為0.4AI=IL+LR=0.2A+0.4A=0.6A電路的總功率：P=UI=3V0.6A=1.8W故答案為：乙，5，1.8W點評：學生要能根據并聯電路電流和電壓特點靈活運用歐姆定律和電功率公式正確計算電路中的有關物理量23如圖a所示的電路，電源電壓保持不變閉合開關S，調節滑動變阻器，兩電壓表的示數隨電路中電流變化的圖象如圖b所示，根據圖象的信息可知：乙（選填“甲”或“乙”）是電壓表示數變化的圖象，電源電壓為6V，電阻R1的阻值為20考點：歐姆定律的應用；串聯電路的電流規律；串聯電路的電壓規律；滑動變阻器的使用 專題：應用題；電路和歐姆定律；電路變化分析綜合題分析：（1）由a電路圖可知，當滑動變阻器的滑片P向右移動時，連入電阻變大，電路中電流變小，R1兩端的電壓同時變小，電源電壓保持不變，R2兩端的電壓就要變大；由此可知，對于R1：通過的電流隨兩端電壓的增大而增大；對于R2：通過的電流隨兩端電壓的增大而減少；據此判斷，甲是R1的UI圖象，乙是R2的UI圖象；（2）由圖象可知，當U1=U2=3V時，I=0.15A，根據串聯電路的電壓特點求出電源的電壓，根據歐姆定律求出電阻R1的阻值解答：解：（1）由a電路圖可知，當滑動變阻器的滑片P，向右移動時，連入電阻變大，電路中電流變小，R1兩端的電壓同時變小，電源電壓保持不變，R2兩端的電壓就要變大；結合圖b可知，甲是R1的UI圖象即電壓表V1示數變化的圖象，乙是R2的UI圖象即壓表V2示數變化的圖象；（2）由圖象可知，當U1=U2=3V時，I=0.15A，串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，電源電壓U=U1+U2=3V+3V=6V；I=，R1=20故答案為：乙；6；20點評：本題考查串聯電路電壓的規律以及滑動變阻器的使用，關鍵是歐姆定律的應用，會從圖象中讀出相關信息是解答本題的關鍵24某電飯鍋設有“加熱”和“保溫”兩檔，其內部簡化電路如圖所示，當開關S置于“1”檔時，電飯鍋處于保溫（選填“加熱”或“保溫”）狀態；若電飯鍋保溫相加熱時總功率之比為1：50，則電阻R0和R1的比值為1：49來源:學*科*網Z*X*X*K考點：電功率的計算 專題：應用題；壓軸題；動態預測題；圖析法分析：根據P=可知，當電飯鍋“加熱”時，電路只有電阻R0工作，此時電路中電功率最大，并用電源電壓和電阻表示出電路的總功率；當電飯鍋“保溫”時，電阻R1、R0串聯，此時電路中電功率最小，同理，用電源電壓和電阻表示出電路的總功率；再根據P與P的關系求出R0、R1的比值解答：解：當開關S置于“1”檔時，等效電路圖如下圖所示：電飯鍋處于“保溫”狀態，電阻R1、R0串聯，此時的電功率：P=，當開關S置于“2”檔時，等效電路圖如下圖所示：電飯鍋處于“加熱”狀態，電路只有電阻R0工作，此時的功率：P=，P：P=50：1：=50：1解得R0：R1=1：49故答案為：保溫；1：49點評：本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律的計算；關鍵是電功率公式的靈活應用和電飯鍋狀態的判斷，以及電路圖串并聯的分析25如圖是一種調溫型電熱毯的電路示意圖，R1和R2是兩根電阻不變的電熱絲，R1=2.2k，R2=1.1k圖中虛線框內是“三刀四檔”滑動式調溫開關，“三刀”（即AB、CD、EF三個滑片）只能同時并排向左或向右滑動，使開關處于“1”、“2”、“3”、“4”檔中的某一檔位上如圖，當開關處于“4”檔時，電熱毯不發熱（1）當開關處于檔位3時（選填“1”，“2”，“3”，下同），電阻絲R1與R2串聯，當開關處于檔位1時，電阻絲R1與R2并聯；（2）開關“2”檔時，電熱毯工作的電阻為1100，電流為0.2A考點：歐姆定律的應用 專題：歐姆定律分析：（1）串聯電路中各元件順次連接，電流只有一條路徑；并聯電路中，各元件并列連接，電流有兩條或多條路徑；（2）當開關處于“2”檔時，電路為R2的簡單電路，據此可知電路的工作電阻，由歐姆定律可求出電路中的電流解答：解：（1）由電路圖可知，當開關位于“3”檔時，R1與R2順次連接，電流只有一條路徑，因此R1與R2串聯；當開關處于“1”檔時，R1與R2并列連接，電流有兩條路徑，因此R1與R2并聯；（2）當開關處于“2”檔時，電路為R2的簡單電路，因此電熱毯工作的電阻為1100；電路電流：I=0.2A故答案為：（1）3；1；（2）1100；0.2點評：本題考查歐姆定律的應用，關鍵明確開關在不同檔位時電路的連接方式三、作圖題（每題2分，共4分）26濱州黃河大橋如圖甲所示若將大橋斜拉部分的一半簡化成圖乙所示的杠杠模型，其中O點為支點，P為橋面部分的重心，請在圖乙中畫出拉索對橋面拉力F的力臂l和橋面所受重力G考點：力臂的畫法；重心 專題：作圖題分析：力的示意圖就是用一條帶箭頭的線段把力的三要素表示出來，長度表示力的大小，箭頭表示力的方向，起點或終點表示力的作用點；來源:學科網力臂是從支點到力的作用線的距離，過支點向力的作用線做垂線，支點到垂足的距離就是力臂解答：解：重力的方向是豎直向下的，作用點在重心上；過支點向拉力的作用線作垂線，這條垂線段就是拉索對橋面拉力F的力臂，如下圖所示：點評：作力臂時要找好支點與力的作用線，力臂應是從支點到力的作用線的距離27按要求把圖的實物元件連接起來，使小燈泡L1和L2并聯，電流表測量電路的總電流，開關控制整個電路已知燈泡L1和L2中的電流均為0.5A考點：實物的電路連接 專題：作圖題分析：由題意可知，L1和L2并聯；電流表測量電路的總電流，開關控制整個電路說明開關和電流表在干路上；根據并聯電路的電流特點確定電流表的量程解答：解：燈泡L1和L2中的電流均為0.5A，所以干路電流為0.5A+0.5A=1A0.6A，所以電流表的量程為03A； 先把L1和L2并聯，再把電流表和開關串聯在干路上，注意電流從接線柱流入負接線柱流出，如圖所示：點評：本題考查了根據要求連接實物圖，關鍵是根據并聯電路的電流特點確定電流表的量程四、計算題（28題6分，29題9分）28在一攪拌機的容器內裝有質量m為0.5千克的水，把水加熱到70后讓其在室溫下自動冷卻其溫度隨時間變化的關系如圖所示現開動電動攪拌機對該冷卻的水不停地攪拌，電動機的功率為900瓦，其做的功有80%轉化為水的內能若不考慮容器的內能變化，已知水的比熱容是4.2103J/（kg）求：（1）若不考慮室溫下的自動冷卻，攪拌機每秒鐘能使水溫上升多少？（2）在考慮室溫的自動冷卻的情況下，水最終的溫度是多少？考點：熱量的計算 專題：計算題分析：（1）求出攪拌機1s做的功，然后由熱量公式求出水升高的溫度（2）當水在相等時間內吸收的熱量與放出的熱量相等時，水的溫度保持不變；求出攪拌機1s內做功可以使水增加的內能，然后利用Q=cmt求出這些能量可以使水升高的溫度；然后由圖象求出水冷卻時在1s內溫度降低的度數與攪拌機使水溫度升高度數相等時水的溫度，該溫度就是水的最終溫度解答：解：（1）1s攪拌機做功：W=Pt=900W1s=900J，轉化為水的內能：Q=W=900J80%=720J，Q=mct，水升高的溫度：t=0.343；（2）攪拌機每秒鐘能使水溫上升0.343，在圖中找出水冷卻時溫度隨時間變化的快慢等于0.343/秒的位置，對應的點所表示的溫度即為水的最終溫度具體做法是：在圖中作直線AB，使沿AB的溫度變化快慢等于0.343/秒，作AB的平行線AB與圖線相切，讀出切點P的縱坐標，可知水的最終溫度為30，則水最終的溫度是30答：（1）若不考慮室溫下的自動冷卻，攪拌機每秒鐘能使水溫上升0.343（2）在考慮室溫的自動冷卻的情況下，水最終的溫度是30點評：本題考查水的吸熱和放熱的熱平衡，知道Q放=Q吸時水的溫度不再降低，本題的難點是利用數學知識求出水的最終溫度29下表為一臺電烤箱的銘牌，其內部簡化電路如圖所示，R1和R2均為電熱絲求：（1）電烤箱在高溫擋正常工作10min所消耗的電能；（2）電路中R1的阻值；（3）電烤箱在低溫擋正常工作時，電路中的電流和R2的功率考點：電功的計算；歐姆定律的應用；電功率的計算 專題：計算題；壓軸題分析：（1）由高溫檔次功率1100W和時間10min，根據W=Pt可求出消耗的電能（2）當 S1、S2都閉合時，電烤箱為高溫檔，即R1的功率是1100W，由電壓和功率根據擋R1=求出電阻（3）當S2閉合、S1斷開時，電烤箱在低溫檔，由低溫檔功率440W和電壓220V，根據作求出電流，再根據歐姆定律求出總電阻，然后減去R1的電阻，算出R2的電阻，根據P2=I2R2求出R2的功率解答：解：（1）W=Pt=1100W1060s=6.6105J； （2）當 S1、S2都閉合時，電烤箱為高溫檔，R1=44；（3）當S2閉合、S1斷開時，電烤箱在低溫檔，工作電流：=2A；=110，R2=RR1=11044=66，R2的功率：P2=I2R2=（2A）266=264W答：（1）電烤箱在高溫檔正常工作10min所消耗的電能是6.6105J；（2）電路中R1的阻值是44；（3）電烤箱在低溫檔正常工作時，電路中的電流是2A，R2的功率是264W點評：本題考查了電功、電功率的運算以及歐姆定律的運用，正確分清電烤箱的兩個檔是解題的關鍵，并要注意運用電功率公式的兩個變形公式P=和P=I2R的應用五、實驗，探究題（每空1分，共21分）30小明在“測滑輪組機械效率”的實驗中，用如圖甲所示的滑輪組進行了三次實驗，實驗數據如表：（1）分析表中數據，回答以下問題：表中有一個數據的記錄是錯誤的，錯誤的數據是18，應改為15；1、2、3次實驗中滑輪組的機械效率都是80%； 滑輪組的機械