安徽省阜陽九中九年級（上）第三次月考物理試卷一、填空題（每空2分，共26分）1近年來，阜陽伴隨著“雙輪驅動”戰略的實施，經濟快速發展，用電量也屢創新高，單日最大用電量達6000萬千瓦時合 J2一般情況下，下列物品：橡皮擦 鉛筆芯 塑料尺 鋼尺 食用油，其中屬于導體的是 （只填序號）3220V100W的燈泡甲和220V40W的燈泡乙，串聯在同一電路中 亮（甲或乙）4如圖所示，是某同學用“伏安法”測量定值電阻R（阻值未知）實驗電路圖如果電流表的內阻為RA，示數為I；電壓表的內阻為RV，示數為U，則通過待測電阻R的電流為 ，待測電阻R的阻值為 5如圖電路中小燈泡正常發光，若將電壓表和電流表的位置對換，則電壓表的示數將變 6教室中有6盞日光燈，若通過每盞燈的電流為200mA，總電流為 A街道上的路燈同時亮同時滅，它們的連接方式是 聯7一盞燈電阻為12，正常工作時電流為0.5A，若把它接在8V的電源上，還需要再串聯一個 的電阻8一個導體兩端加4V電壓時，通過它的電流強度為0.8A，當它兩端的電壓為0V時，它的電阻為 9我國家庭電路兩端的電壓是 V10某品牌手機充電寶，上面標有電壓為5V，容量為10000mAh，它充滿電后，可以儲存的電能是 J，在充電過程中，將電能轉化為 能儲存二、選擇題（每小題3分，共21分）11下列各種說法中，正確的是（）A電流是形成電壓的原因B金屬導體中自由電子定向移動的方向與電流方向相反C與絲綢摩擦過的玻璃棒帶負電D接有電源的電路中一定有電流流過12如圖所示，AB和BC是由同種材料制成的長度相同、橫截面積不同的兩段導體，將它們串聯后連入電路中，下列說法正確的是（）AAB段電阻大，電流小BBC段電阻大，電流小CAB段電阻大，電流與BC段相等DBC段電阻大，電流與AB段相等13如圖電路，當開關S閉合后，兩表均有示數，過一會兒發現電壓表示數突然變小，電流表示數突然變大下列故障判斷可能的是（）A燈L短路B電阻R短路CL燈絲斷開D電阻R斷開14關于電流、電壓和電阻的關系，下列說法正確的是（）A導體電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比B有電流通過這段導體，這段導體兩端一定有電壓C通過導體的電流越大，這段導體的電阻一定越小D兩個電阻中的電流相等，則兩電阻一定是串聯15如圖所示的電路，電源電壓不變，當開關S閉合后，移動滑片P，改變滑動變阻器接入電路的阻值，使電壓表的示數從6V變化到2V，同時觀察到電流表的示數從0.5A變化到1A定值電阻R0阻值和電源電壓分別為（）A4 8VB6 12VC8 10VD8 12V16一電阻R1接在某電路中功率為100W，在該電路中再串聯一個電阻R2，測得R2的功率為10W，此時R1的功率（）A90WB大于90WC小于90WD條件不足17如圖所示，電源電壓不變，閉合開關S后，滑動變阻器滑片P向b端移動過程中，下列說法正確的是（）A電流表A1示數變小，電路的總電阻變小B電流表A2示數不變，電路消耗的總功率變小C電壓表V示數變小，R1與R2兩端的電壓之比變小D電壓表V示數不變，電壓表V的示數與電流表A2的示數比值變大三、實驗題（每空2分，共計20分）18在“探究串聯電路的電壓”實驗中，小涵同學設計了如圖所示的電路（1）在連接電路中，開關應處于 （選填“閉合”或“斷開”）狀態（2）根據如圖連接好電路，閉合開關后，她發現兩只燈泡都不亮，且電壓表示數為 0，若只有 L1或L2中的一處發生故障，則故障是 （L1斷路”、“L1短路”、“L2斷路”、“L2短路”）（3）排除故障后，測量一組數據便得出：在串聯電路中總電壓等于各用電器兩端電壓之和其實驗存在不合理之處是 19小柯在拓展課上，設計了圖甲電路，用來直接測出接入1、2兩點間導體的電阻（1）用導線連接1、2兩點，電流表的示數如圖乙，則通過變阻器的電流為 A此時1、2兩點間的電阻為0，則在電流表指針所指的刻度上標0（2）保持變阻器滑片不動，把待測電阻Rx接入1、2兩點之間，此時電流表讀數為0.1A，則Rx的阻值是 ，然后在電流表的0.1A刻度處標上相應的阻值依此方法，在電流表的刻度上一一標上相應的阻值，這樣就可以用此電流表測出接入1、2兩點間導體的電阻（3）干電池用久了電壓會變小，此時再用導線連接1、2兩點，電流表的指針就不能對準0刻度線要使指針重新對準0刻度線，變阻器的滑片應向 （填字母）端移動20現有下列器材：學生電源（6V），電流表（00.6A，03A）、電壓表（03V，015V）、定值電阻（5、10、20各一個）、開關、滑動變阻器和導線若干，利用這些器材探究“電壓不變時，電流與電阻的關系”（1）請根據圖甲所示的電路圖用筆畫線代替導線將圖乙所示的實物連接成完整電路（要求連線不得交叉）（2）實驗中依次接入三個定值電阻，調節滑動變阻器的滑片，保持電壓表示數不變，記下電流表的示數，利用描點法得到如圖丙所示的電流I隨電阻R變化的圖象由圖象可以得出結論： （3）上述實驗中，小強用5的電阻做完實驗后，保持滑動變阻器滑片的位置不變，接著把R換為10的電阻接入電路，閉合開關，向 （選填“A”或“B”）端移動滑片，使電壓表示數為2V時，讀出電流表示數（4）為完成整個實驗，應該選取哪種規格的滑動變阻器 A.50 1.0A B.30 1.0A C.20 1.0A四、計算與推導題（21題6分，22題8分23題9分，共23分）21如圖中燈泡L1的電阻是6，L2的電阻是4，S1閉合、S2斷開時，電流表的讀數是I1=0.8A；S1斷開、S2閉合時，電流表的讀數為I2=0.5A求燈泡L3的阻值和電源電壓22如圖所示，電源電壓U保持不變，滑動變阻器R2的最大阻值為50當S閉合、S1斷開，P在b端時，燈泡L的功率為0.4W，電流表的示數為0.2A；當S、S1均閉合，P在a端時，電流表的示數為1.5A求：（1）燈L的電阻RL和電源電壓；（2）電阻R1的阻值（不考慮溫度對電阻的影響）23如圖所示，燈泡L1標有“4V 8W”字樣，燈泡L2標有“4V？W”（？表示數字模糊不清），串聯在電路中，電源電壓為恒6V，當開關S閉合時，測得燈泡L2比燈泡L1亮，燈泡L2消耗的功率為4W，不計溫度對燈泡阻值的影響求：（1）燈泡L1的電阻R1（2）燈泡L2的電阻R2和燈泡L2的額定功率安徽省阜陽九中九年級（上）第三次月考物理試卷參考答案與試題解析一、填空題（每空2分，共26分）1近年來，阜陽伴隨著“雙輪驅動”戰略的實施，經濟快速發展，用電量也屢創新高，單日最大用電量達6000萬千瓦時合2.161014J【考點】2S：物理量的單位及單位換算【分析】千瓦時是電功（電能）的單位，1kWh=3.6106J，據此分析回答【解答】解：因為1kWh=3.6106J，所以6000萬千瓦=60001043.6106J=2.161014J故答案為：2.1610142一般情況下，下列物品：橡皮擦 鉛筆芯 塑料尺 鋼尺 食用油，其中屬于導體的是（只填序號）【考點】HJ：導體【分析】根據導體和絕緣體的定義：容易導電的物體是導體，不容易導電的物體是絕緣體即可作出判斷【解答】解：常見的導體包括：人體、大地、各種金屬、鉛筆芯、酸堿鹽的溶液等題中物體屬于導體的是：鉛筆芯、鋼尺、鹽水；屬于絕緣體的是：橡皮擦、塑料尺、食用油故屬于導體的是故答案為：3220V100W的燈泡甲和220V40W的燈泡乙，串聯在同一電路中乙亮（甲或乙）【考點】JE：實際功率【分析】分別利用公式R=計算出甲乙兩盞燈的電阻值，燈泡的亮度取決于實際功率，串聯電路中利用公式：P=I2R比較兩燈實際功率的大小；實際功率越大，燈泡越亮【解答】解：由P=UI、I=可得兩燈泡的電阻分別為：R甲=484，R乙=1210兩盞燈串聯在電路中，已知通過甲、乙燈泡的電流相等，甲的電阻小于乙的電阻，根據公式P=I2R可知，甲燈的實際功率小于乙燈的實際功率，故乙燈較亮故答案為：乙4如圖所示，是某同學用“伏安法”測量定值電阻R（阻值未知）實驗電路圖如果電流表的內阻為RA，示數為I；電壓表的內阻為RV，示數為U，則通過待測電阻R的電流為I，待測電阻R的阻值為【考點】IH：歐姆定律的應用【分析】考慮電流表內阻，可以看出，這是一個由定值電阻與電壓表并聯再與電流表串聯組成的“混聯”電路根據并聯電路總電流等于支路電流之和，各支路兩端電壓相等分析、求解【解答】解：因為R與V并聯，V的示數為U，所以根據歐姆定律，通過V的電流為IV=，所以通過待測電阻的電流為IR=IIV=I；待測電阻阻值為R=故答案為：I；5如圖電路中小燈泡正常發光，若將電壓表和電流表的位置對換，則電壓表的示數將變大【考點】IH：歐姆定律的應用；I6：串聯電路的電壓規律【分析】分析兩種情況下電路的連接，根據串聯電路電壓的規律分析解答【解答】解：原電路中，燈與變阻器串聯，根據串聯電路電壓的規律，燈與變阻器的電壓之和等于電源電壓，燈的電壓（電壓表示數）小于電源電壓；當將電壓表和電流表的位置對換，燈短路，電壓表與變阻器串聯在電路中，因電壓表內阻很大，根據分壓原理，電壓表分得絕大部分電壓，示數接近電源電源，所以電壓表示數變大故答案為：大6教室中有6盞日光燈，若通過每盞燈的電流為200mA，總電流為1.2A街道上的路燈同時亮同時滅，它們的連接方式是并聯【考點】H：并聯電路的電流規律；HT：串聯電路和并聯電路的辨別【分析】根據并聯電路的電流特點計算總電流；根據家用電器間能獨立工作，互不影響，分析路燈的連接方式【解答】解：教室里的燈是并聯的，根據并聯電路的電流特點可得，總電流：I=60.2A=1.2A；街道上的路燈同時亮、同時熄，但一燈壞時，其它燈仍能亮，故路燈是并聯的故答案為：1.2；并7一盞燈電阻為12，正常工作時電流為0.5A，若把它接在8V的電源上，還需要再串聯一個4的電阻【考點】IH：歐姆定律的應用【分析】知道電源的電壓和燈泡正常發光時的電流，根據串聯電路的電流特點和歐姆定律求出電路中的總電阻，利用電阻的串聯求出串聯電阻的阻值【解答】解：因串聯電路中各處的電流相等，且燈泡正常發光，所以，由I=可得，電路中的總電阻：R總=16，因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，串聯電阻的阻值：R串=R總RL=1612=4故答案為：48一個導體兩端加4V電壓時，通過它的電流強度為0.8A，當它兩端的電壓為0V時，它的電阻為5【考點】IH：歐姆定律的應用【分析】（1）知道導體兩端的電壓和通過的電流，根據歐姆定律求出導體的電阻；（2）電阻是導體本身的一種性質，只與導體的材料、長度、橫截面積和溫度有關，與兩端的電壓和通過的電流無關【解答】解：由I=可得，導體的電阻：R=5；因電阻是導體本身的一種性質，與導體兩端的電壓和通過的電流無關，所以，當它兩端的電壓為0V時，導體的電阻仍為5不變故答案為：59我國家庭電路兩端的電壓是220V【考點】IQ：家庭電路工作電壓、零線火線的辨別方法【分析】根據對我國家庭電路兩端的電壓的了解可直接作答【解答】解：由電學常識可知，我國家庭電路照明電壓為220V，這也是常見家用電器的額定電壓故答案為：22010某品牌手機充電寶，上面標有電壓為5V，容量為10000mAh，它充滿電后，可以儲存的電能是1.8105J，在充電過程中，將電能轉化為化學能儲存【考點】J3：電功的計算【分析】（1）由銘牌可知充電寶的電壓和容量，根據W=UIt求出它一次充滿后儲存的電能；（2）電池充電時把電能轉化為化學能，使用時化學能轉化為電能【解答】解：（1）該充電寶一次充滿電后儲存的電能：W=UIt=5V10000103A3600s=1.8105J；（2）在充電過程中，是把電能轉化為化學能儲存在充電寶中故答案為：1.8105；化學二、選擇題（每小題3分，共21分）11下列各種說法中，正確的是（）A電流是形成電壓的原因B金屬導體中自由電子定向移動的方向與電流方向相反C與絲綢摩擦過的玻璃棒帶負電D接有電源的電路中一定有電流流過【考點】I1：電壓；H2：正電荷與負電荷；HE：電流的方向；HI：有持續電流的條件【分析】（1）電路中要產生電流，它的兩端必須要有電壓電壓使導體中的自由電荷發生定向移動，從而產生電流（2）電流的方向與負電荷的定向移動方向相反，如：金屬導體中的電流，是由自由電子的定向移動形成的那么它的電流就和自由電子的定向移動方向相反（3）絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電（4）根據電流形成的條件分析【解答】解：A、電流是電荷的定向移動形成的，電壓使電路中形成了電流，故A錯誤B、正電荷定向移動的方向為電流的方向，金屬導體中的自由電子是負電荷，其定向移動的方向與電流方向相反，故B正確C、絲綢摩擦過的玻璃棒帶的是正電荷，故C錯誤D、電流形成的條件是：有電源，且電路是通路，故D錯誤故選B12如圖所示，AB和BC是由同種材料制成的長度相同、橫截面積不同的兩段導體，將它們串聯后連入電路中，下列說法正確的是（）AAB段電阻大，電流小BBC段電阻大，電流小CAB段電阻大，電流與BC段相等DBC段電阻大，電流與AB段相等【考點】H!：串聯電路的電流規律；IA：影響電阻大小的因素【分析】AB和BC是由同種材料制成的長度相同、橫截面積不同的兩段導體，橫截面積越大，電阻越小；串聯電路中電流處處相等【解答】解：已知AB和BC是由同種材料制成的且長度相同，BC的橫截面積大于AB的橫截面積，所以BC的電阻小于AB的電阻；由于兩個電阻是串聯的，所以兩電阻的電流是處處相等的故選C13如圖電路，當開關S閉合后，兩表均有示數，過一會兒發現電壓表示數突然變小，電流表示數突然變大下列故障判斷可能的是（）A燈L短路B電阻R短路CL燈絲斷開D電阻R斷開【考點】IE：電流表、電壓表在判斷電路故障中的應用【分析】電路故障分為短路和斷路：短路時，電路中有電流，并且電流較大；斷路時，電路中無電流；先根據電流表示數的變化確定電路的故障，然后再根據電壓表示數的變化確定故障的具體位置【解答】解：由圖可知，電阻R與燈泡L串聯，電壓表測燈泡L兩端的電壓，電流表測電路中的電流；當開關S閉合后，兩表均有示數，過一會兒發現電流表示數突然變大，說明電路中電流變大，沒有斷路故障，因此電路發生短路現象；又因為電壓表示數變小，所以燈L短路（此時電壓表測量導線兩端的電壓，電壓表示數減小為0）故選A14關于電流、電壓和電阻的關系，下列說法正確的是（）A導體電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比B有電流通過這段導體，這段導體兩端一定有電壓C通過導體的電流越大，這段導體的電阻一定越小D兩個電阻中的電流相等，則兩電阻一定是串聯【考點】IF：歐姆定律【分析】（1）導體的電阻大小的影響因素：長度、橫截面積、材料，另外還受溫度的影響跟電壓、電流都無關可見導體的電阻是導體的一種性質，反映了導體對電流的阻礙作用大小；（2）電源、電壓和電流的關系是：電源提供電壓，電壓產生電流；（3）對于電阻中的電流，串聯電路中處處電流相等，而并聯電路中，當用電器規格相同時，其電流也會相等【解答】解：AC、電阻是導體的一種性質，決定于導體的材料、長度、橫截面積，還和溫度有關；跟電壓、電流都無關，故A、C錯誤；B、電壓是使電路形成電流的原因，電路中要產生電流，它的兩端就必須有電壓，故B正確D、兩個電阻中的電流相等，兩個電阻不一定是串聯，因為當用電器規格相同時，其電流也會相等，故D錯誤故選B15如圖所示的電路，電源電壓不變，當開關S閉合后，移動滑片P，改變滑動變阻器接入電路的阻值，使電壓表的示數從6V變化到2V，同時觀察到電流表的示數從0.5A變化到1A定值電阻R0阻值和電源電壓分別為（）A4 8VB6 12VC8 10VD8 12V【考點】IH：歐姆定律的應用【分析】由電路圖可知，R0與滑動變阻器串聯，電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流；根據串聯電路的電壓特點可知當電壓表的示數減小時，定值電阻兩端的電壓增大，根據歐姆定律可知電路中的電流增大，據此可知電壓表對應的電流；然后根據串聯電路的電壓特點和歐姆定律表示電源的電壓，根據電源的電壓不變得出等式即可求出R0的阻值和電源的電壓【解答】解：由電路圖可知，R0與滑動變阻器串聯，電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流；因串聯電路的總電壓等于各分電壓之和，所以，當電壓表的示數減小時，定值電阻兩端的電壓增大，由I=可知，電路中的電流增大，故當電壓表的示數為6V時，電路中的電流為0.5A，由I=可得，電源的電壓：U=U滑+IR0=6V+0.5AR0；當電壓表的示數為2V，電路中的電流為1A，則電源的電壓：U=U滑+IR0=2V+1AR0；因電源的電壓不變，所以，6V+0.5AR0=2V+1AR0，解得：R0=8，故AB錯誤；電源的電壓U=U滑+IR0=6V+0.5A8=10V，故C正確、D錯誤故選C16一電阻R1接在某電路中功率為100W，在該電路中再串聯一個電阻R2，測得R2的功率為10W，此時R1的功率（）A90WB大于90WC小于90WD條件不足【考點】JA：電功率的計算【分析】根據電阻的串聯可知該電路中再串聯一個電阻R2時總電阻的變化，根據P=UI=可知電路總功率的變化，根據電路的總功率等于各用電器功率之和可知R1的功率【解答】解：由題意可知，電阻R1接在某電路中功率為100W，因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，在該電路中再串聯一個電阻R2后，電路的總電阻變大，由P=UI=可知，電路的總功率變小，即小于100W，因電路的總功率等于各用電器功率之和，且R2的功率為10W，所以，R1的功率小于100W10W=90W，故ABD錯誤、C正確故選C17如圖所示，電源電壓不變，閉合開關S后，滑動變阻器滑片P向b端移動過程中，下列說法正確的是（）A電流表A1示數變小，電路的總電阻變小B電流表A2示數不變，電路消耗的總功率變小C電壓表V示數變小，R1與R2兩端的電壓之比變小D電壓表V示數不變，電壓表V的示數與電流表A2的示數比值變大【考點】IZ：電路的動態分析；IH：歐姆定律的應用；JA：電功率的計算【分析】由電路圖可知，R1與R2并聯，電壓表測電源的電壓，電流表A1測干路電流，電流表A2測R1支路的電流根據電源的電壓可知滑片移動時電壓表示數的變化，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知滑片移動時通過R1電流的變化，進一步可知電壓表V的示數與電流表A2的示數比值變化，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知通過通過R2電流的變化，根據并聯電路的電流特點可知干路電流的變化，再根據歐姆定律可知電路中總電阻的變化，利用P=UI可知電路總功率的變化【解答】解：由電路圖可知，R1與R2并聯，電壓表測電源的電壓，電流表A1測干路電流，電流表A2測R1支路的電流因電源電壓不變，所以，滑片移動時，電壓表V的示數不變，故C錯誤；因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，所以，滑片移動時，通過R1的電流不變，即電流表A2的示數不變，由電壓表V的示數和電流表A2的示數不變可知，電壓表V的示數與電流表A2的示數比值不變，故D錯誤；滑動變阻器滑片P向b端移動過程中，接入電路中的電阻變大，由I=可知，通過R2的電流變小，因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，干路電流變小，即電流表A1的示數變小，由R=可知，電路的總電阻變大，故A錯誤；由P=UI可知，電路消耗的總功率變小，故B正確故選B三、實驗題（每空2分，共計20分）18在“探究串聯電路的電壓”實驗中，小涵同學設計了如圖所示的電路（1）在連接電路中，開關應處于斷開（選填“閉合”或“斷開”）狀態（2）根據如圖連接好電路，閉合開關后，她發現兩只燈泡都不亮，且電壓表示數為 0，若只有 L1或L2中的一處發生故障，則故障是L2斷路（L1斷路”、“L1短路”、“L2斷路”、“L2短路”）（3）排除故障后，測量一組數據便得出：在串聯電路中總電壓等于各用電器兩端電壓之和其實驗存在不合理之處是一組數據具有偶然性【考點】I8：探究串、并聯電路中的電壓規律實驗【分析】（1）為了保護電路，連接電路時，開關應該處于斷開狀態；（2）兩燈泡串聯，電壓表測燈泡L1兩端的電壓，閉合開關S后，兩個電燈都不亮，說明是斷路，而電壓表沒有讀數說明L2沒有連到電源，故在L2處斷路；（3）一組數據具有偶然性【解答】解：（1）為了保護電路，連接電路時，開關應該處于斷開狀態；（2）由電路圖知，兩燈泡串聯，電壓表測燈泡L1兩端的電壓，閉合開關S后，燈L1、L2均不亮，且只有L1或L2中的一處發生故障，說明電路發生斷路，若L1開路，L2通路，則電壓表有示數；而電壓表的沒有示數，說明L1的兩端不能與電源連通，故是L2開路；（3）一組數據具有偶然性，為了得出更普遍的規律，應當進行多次實驗故答案為：（1）斷開；（2）L2斷路；（3）一組數據具有偶然性19小柯在拓展課上，設計了圖甲電路，用來直接測出接入1、2兩點間導體的電阻（1）用導線連接1、2兩點，電流表的示數如圖乙，則通過變阻器的電流為0.5A此時1、2兩點間的電阻為0，則在電流表指針所指的刻度上標0（2）保持變阻器滑片不動，把待測電阻Rx接入1、2兩點之間，此時電流表讀數為0.1A，則Rx的阻值是12，然后在電流表的0.1A刻度處標上相應的阻值依此方法，在電流表的刻度上一一標上相應的阻值，這樣就可以用此電流表測出接入1、2兩點間導體的電阻（3）干電池用久了電壓會變小，此時再用導線連接1、2兩點，電流表的指針就不能對準0刻度線要使指針重新對準0刻度線，變阻器的滑片應向B（填字母）端移動【考點】IH：歐姆定律的應用【分析】（1）根據電流表小量程讀數；（2）根據歐姆定律先求出變阻器連入電路的電阻，根據串聯電阻的規律求待測電阻；（3）干電池用久了電壓會變小，根據歐姆定律，此時再用導線連接1、2兩點，判斷電流表示數變化，再根據歐姆定律確定變阻器滑片的移動方向【解答】解：（1）電流表的示數如圖乙，圖中電流表選用小量程，分度值為0.02A，則通過變阻器的電流為0.5A；（2）在上面的操作中，根據歐姆定律I=，變阻器連入電路中的電阻：R滑=3，把待測電阻Rx接入1、2兩點之間，此時電流表讀數為I2=0.1A，電路的總電阻：R=15，根據電阻的串聯規律，則待測電阻：Rx=RR滑=153=12；（3）干電池用久了電壓會變小，此時再用導線連接1、2兩點，電流表的指針就不能對準0刻度線（4）干電池用久了電壓會變小，根據歐姆定律，此時再用導線連接1、2兩點，電流表示數變小，為恢復到原來的示數，即應增大電流，由歐姆定律，應減小變阻器連入電路中的電阻大小，即滑片向B端移動故答案為：（1）0.5； （2）12； （3）B20現有下列器材：學生電源（6V），電流表（00.6A，03A）、電壓表（03V，015V）、定值電阻（5、10、20各一個）、開關、滑動變阻器和導線若干，利用這些器材探究“電壓不變時，電流與電阻的關系”（1）請根據圖甲所示的電路圖用筆畫線代替導線將圖乙所示的實物連接成完整電路（要求連線不得交叉）（2）實驗中依次接入三個定值電阻，調節滑動變阻器的滑片，保持電壓表示數不變，記下電流表的示數，利用描點法得到如圖丙所示的電流I隨電阻R變化的圖象由圖象可以得出結論：電壓一定時，電流與電阻成反比（3）上述實驗中，小強用5的電阻做完實驗后，保持滑動變阻器滑片的位置不變，接著把R換為10的電阻接入電路，閉合開關，向A（選填“A”或“B”）端移動滑片，使電壓表示數為2V時，讀出電流表示數（4）為完成整個實驗，應該選取哪種規格的滑動變阻器AA.50 1.0A B.30 1.0A C.20 1.0A【考點】IL：探究電流與電壓、電阻的關系實驗【分析】（1）變阻器按一上一下接入電路中并與電阻串聯，電壓表與電阻并聯；（2）由圖中數據求出RI的值分析；（3）根據控制變量法，研究電流與電阻的關系時，需控制定值電阻的電壓相同，當換上大電阻時，根據分壓原理確定電壓表示數的變化，由串聯電路電壓的規律結合分壓原理確定滑片移動的方向；（4）探究電流與電阻的關系，應保持電阻兩端的電壓不變；根據串聯電路電壓的規律求出變阻器分得的電壓，根據分壓原理，求出當接入20電阻時變阻器連入電路中的電阻，確定變阻器的規格【解答】解：（1）變阻器按一上一下接入電路中并與電阻串聯，電壓表與電阻并聯，如下所示：（2）依次接入三個定值電阻，調節滑動變阻器的滑片，保持電壓表示數不變，記下電流表的示數，由圖中數據知，電阻與對應的電流之積：RI=50.4A=100.2A=200.1A=2V，故得出的結論是：電壓一定時，電流與電阻成反比；（3）根據串聯分壓原理可知，將定值電阻由5改接成10的電阻，電阻增大，其分得的電壓增大；探究電流與電阻的實驗中應控制電壓不變，應保持電阻兩端的電壓不變，根據串聯電路電壓的規律可知應增大滑動變阻器分得的電壓，由分壓原理，應增大滑動變阻器連入電路中的電阻，所以滑片應向A端移動，使電壓表的示數為2V；讀出電流表示數；（4）由圖知，電阻兩端的電壓始終保持2V，根據串聯電路電壓的規律，變阻器分得的電壓：U滑=UUV=6V2V=4V，變阻器分得的電壓為電壓表示數的=2倍，根據分壓原理，當接入20的最定值電阻時，變阻器連入電路中的電阻為：R滑=220=40，故為了完成整個實驗，應該選取最大阻值至少40的滑動變阻器，故選A故答案為：（1）如上所示：（2）電壓一定時，電流與電阻成反比；（3）A；（4）A四、計算與推導題（21題6分，22題8分23題9分，共23分）21如圖中燈泡L1的電阻是6，L2的電阻是4，S1閉合、S2斷開時，電流表的讀數是I1=0.8A；S1斷開、S2閉合時，電流表的讀數為I2=0.5A求燈泡L3的阻值和電源電壓【考點】IH：歐姆定律的應用；IG：歐姆定律的變形公式【分析】當S1閉合、S2斷開時，燈泡L1、L2串聯，根據串聯電路電阻特點求出總電阻，利用歐姆定律求出電源的電壓；當S1斷開、S2閉合時，燈泡L1、L3串聯，根據歐姆定律先求出電路中的總電阻，再利用串聯電路電阻特點求出燈泡L3的阻值【解答】解：S1閉合、S2斷開時，燈泡L1、L2串聯，電路的總電阻：R總=R1+R2=6+4=10電源的電壓：U=IR總=0.8A10=8V；S1斷開、S2閉合時，燈泡L1、L3串聯，此時電路的總電阻：R總=16燈泡L3的阻值：R3=R總R1=166=10答：燈泡L3的阻值為10；電源電壓為8V22如圖所示，電源電壓U保持不變，滑動變阻器R2的最大阻值為50當S閉合、S1斷開，P在b端時，燈泡L的功率為0.4W，電流表的示數為0.2A；當S、S1均閉合，P在a端時，電流表的示數為1.5A求：（1）燈L的電阻RL和電源電壓；（2）電阻R1的阻值（不考慮溫度對電阻的影響）【考點】IH：歐姆定律的應用；H：并聯電路的電流規律；II：電阻的串聯【分析】（1）當S閉合、S1斷開，P在b端時，滑動變阻器阻值最大，燈泡與滑動變阻器串聯，電流表測量總電流，根據公式P=UI可求燈泡兩端的電壓，再利用公式R=求出燈L的電阻RL，根據串聯電路電阻的特點求出總電阻，最后利用公式U=IR求出電源電壓（2）當當S、S1均閉合，P在a端時，燈泡與電阻R1并聯，滑動變阻器短路，電流表測量干路電流，已知電源電壓和燈L的電阻，根據公式I=求出通過燈泡的電流，根據并聯電路電流的特點可求通過電阻R1的電流，最后利用公式R=求出電阻R1的阻值【解答】解：（1）燈泡與滑動變阻器串聯，燈泡兩端的電壓UL=2V，燈L的電阻RL=10，所以電路總電阻R=RL+R2=10+50=60，電源電壓U=ILR=0.2A60=12V答：燈L的電阻RL和電源電壓分別為10和12V（2）燈泡與電阻R1并聯，通過燈泡的電流I=1.2A，通過電阻R1的電流I1=I總I=1.5A1.2A=0.3A，所以電阻R1的阻值R1=40答：電阻R1的阻值為4023如圖所示，燈泡L1標有“4V 8W”字樣，燈泡L2標有“4V？W”（？表示數字模糊不清），串聯在電路中，電源電壓為恒6V，當開關S閉合時，測得燈泡L2比燈泡L1亮，燈泡L2消耗的功率為4W，不計溫度對燈泡阻值的影響求：（1）燈泡L1的電阻R1（2）燈泡L2的電阻R2和燈泡L2的額定功率【考點】IH：歐姆定律的應用；JA：電功率的計算【分析】（1）知道燈泡L1的額定電壓和額定功率，根據P=UI=求出燈泡L1的電阻；（2）根據并聯電路的電壓特點和額定電壓下燈泡正常發光可知電源的電壓，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電路中的電流，根據P=UI=I2R表示出燈泡L2消耗的功率，解方程求出L2的電阻，燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，根據串聯電路的特點和P=I2R得出兩燈泡的電阻關系，然后確定L2的阻值，根據P=UI=求出燈泡L2的額定功率【解答】解：（1）由P=UI=可知，燈泡L1的電阻：R1=2；（2）因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的電流：I=，燈泡L2消耗的功率：P2=I2R2=（）R2=4W，整理可得：R225R2+42=0解得：R2=4或R2=1，因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，且燈泡L2比燈泡L1亮，所以，L2的實際功率大于L1的實際功率，因串聯電路中各處的電流相等，所以，由P=I2R可知，R2R1，故R2=4，燈泡L2的額定功率：P2額=4W答：（1）燈泡L1的電阻R1為2（2）燈泡L2的電阻R2為4，燈泡L2的額定功率是4W